2017山东省烟台中考数学试卷及答案
来源:才华咖 本文已影响1.72W人
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中考,即"中招考试",全称为"初中学业考试和高中阶段学校招生考试"。中考前一般都有2次或3次或4次模拟考试。2017山东省烟台中考数学试卷及答案,我们来看看。
一、选择题(本大题共12小题,每小题3分,共36分)
1.下列实数中的无理数是( )
A. B.π C.0 D.
2.下列国旗图案是轴对称图形但不是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
3.我国推行“一带一路”政策以来,已确定沿线有65个国家加入,共涉及总人口约达46亿人,用科学记数法表示该总人口为( )
A.4.6×109 B.46×108 C.0.46×1010 D.4.6×1010
4.如图所示的工件,其俯视图是( )
A. B. C. D.
5.某城市几条道路的位置关系如图所示,已知AB∥CD,AE与AB的夹角为48°,若CF与EF的长度相等,则∠C的度数为( )
A.48° B.40° C.30° D.24°
6.如图,若用我们数学课本上采用的科学计算器进行计算,其按键顺序如下:
则输出结果应为( )
A. B. C. D.
7.用棋子摆出下列一组图形:
按照这种规律摆下去,第n个图形用的棋子个数为( )
A.3n B.6n C.3n+6 D.3n+3
8.甲、乙两地去年12月前5天的日平均气温如图所示,下列描述错误的是( )
A.两地气温的平均数相同 B.甲地气温的中位数是6℃
C.乙地气温的众数是4℃ D.乙地气温相对比较稳定
9.如图,ABCD中,∠B=70°,BC=6,以AD为直径的⊙O交CD于点E,则 的长为( )
A. π B. π C. π D. π
10.若x1,x2是方程x2﹣2mx+m2﹣m﹣1=0的两个根,且x1+x2=1﹣x1x2,则m的值为( )21*cnjy*com
A.﹣1或2 B.1或﹣2 C.﹣2 D.1
11.二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象如图所示,对称轴是直线x=1,下列结论:
①ab<0;②b2>4ac;③a+b+2c<0;④3a+c<0.
其中正确的是( )
A.①④ B.②④ C.①②③ D.①②③④
12.如图,数学实践活动小组要测量学校附近楼房CD的高度,在水平地面A处安置测倾器测得楼房CD顶部点D的仰角为45°,向前走20米到达A′处,测得点D的仰角为67.5°,已知测倾器AB的高度为1.6米,则楼房CD的高度约为(结果精确到0.1米, ≈1.414)( )
A.34.14米 B.34.1米 C.35.7米 D.35.74米
二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)
13.30×( )﹣2+|﹣2|= .
14.在Rt△ABC中,∠C=90°,AB=2,BC= ,则sin = .
15.运行程序如图所示,从“输入实数x”到“结果是否<18”为一次程序操作,
若输入x后程序操作仅进行了一次就停止,则x的取值范围是 .
16.如图,在直角坐标系中,每个小方格的边长均为1,△AOB与△A′OB′是以原点O为位似中心的位似图形,且相似比为3:2,点A,B都在格点上,则点B′的坐标是 .
17.如图,直线y=x+2与反比例函数y= 的图象在第一象限交于点P,若OP= ,则k的值为 .
18.如图1,将一圆形纸片向右、向上两次对折后得到如图2所示的扇形AOB.已知OA=6,取OA的中点C,过点C作CD⊥OA交 于点D,点F是 上一点.若将扇形BOD沿OD翻折,点B恰好与点F重合,用剪刀沿着线段BD,DF,FA依次剪下,则剪下的纸片(形状同阴影图形)面积之和为 .
三、解答题(本大题共7小题,共66分)
19.先化简,再求值:(x﹣ )÷ ,其中x= ,y= ﹣1.
20.主题班会课上,王老师出示了如图所示的一幅漫画,经过同学们的一番热议,达成以下四个观点:
A.放下自我,彼此尊重; B.放下利益,彼此平衡;
C.放下性格,彼此成就; D.合理竞争,合作双赢.
要求每人选取其中一个观点写出自己的感悟,根据同学们的选择情况,小明绘制了下面两幅不完整的图表,请根据图表中提供的信息,解答下列问题:
观点 频数 频率
A a 0.2
B 12 0.24
C 8 b
D 20 0.4
(1)参加本次讨论的学生共有 人;
(2)表中a= ,b= ;
(3)将条形统计图补充完整;
(4)现准备从A,B,C,D四个观点中任选两个作为演讲主题,请用列表或画树状图的方法求选中观点D(合理竞争,合作双赢)的概率.
21.今年,我市某中学响应*“足球进校园”的号召,开设了“足球大课间”活动,现需要购进100个某品牌的足球供学生使用,经调查,该品牌足球2015年单价为200元,2017年单价为162元.21cnjy
(1)求2015年到2017年该品牌足球单价平均每年降低的百分率;
(2)选购期间发现该品牌足球在两个文体用品商场有不同的促销方案:
试问去哪个商场购买足球更优惠?
22.数学兴趣小组研究某型号冷柜温度的变化情况,发现该冷柜的工作过程是:当温度达到设定温度﹣20℃时,制冷停止,此后冷柜中的温度开始逐渐上升,当上升到﹣4℃时,制冷开始,温度开始逐渐下降,当冷柜自动制冷至﹣20℃时,制冷再次停止,…,按照以上方式循环进行.【来源:21cnj**m】
同学们记录了44min内15个时间点冷柜中的温度y(℃)随时间x(min)的变化情况,制成下表:
时间x/min … 4 8 10 16 20 21 22 23 24 28 30 36 40 42 44 …
温度y/℃ … ﹣20 ﹣10 ﹣8 ﹣5 ﹣4 ﹣8 ﹣12 ﹣16 ﹣20 ﹣10 ﹣8 ﹣5 ﹣4 a ﹣20 …
(1)通过分析发现,冷柜中的温度y是时间x的函数.
①当4≤x<20时,写出一个符合表中数据的函数解析式 ;
②当20≤x<24时,写出一个符合表中数据的函数解析式 ;
(2)a的值为 ;
(3)如图,在直角坐标系中,已描出了上表中部分数据对应的点,请描出剩余数据对应的点,并画出当4≤x≤44时温度y随时间x变化的函数图象.
23.【操作发现】
(1)如图1,△ABC为等边三角形,现将三角板中的60°角与∠ACB重合,再将三角板绕点C按顺时针方向旋转(旋转角大于0°且小于30°),旋转后三角板的一直角边与AB交于点D,在三角板斜边上取一点F,使CF=CD,线段AB上取点E,使∠DCE=30°,连接AF,EF.【出处:21教育名师】
①求∠EAF的度数;
②DE与EF相等吗?请说明理由;
【类比探究】
(2)如图2,△ABC为等腰直角三角形,∠ACB=90°,先将三角板的90°角与∠ACB重合,再将三角板绕点C按顺时针方向旋转(旋转角大于0°且小于45°),旋转后三角板的一直角边与AB交于点D,在三角板另一直角边上取一点F,使CF=CD,线段AB上取点E,使∠DCE=45°,连接AF,EF,请直接写出探究结果:21cnjycom
①求∠EAF的度数;
②线段AE,ED,DB之间的数量关系.
24.如图,菱形ABCD中,对角线AC,BD相交于点O,AC=12cm,BD=16cm,动点N从点D出发,沿线段DB以2cm/s的速度向点B运动,同时动点M从点B出发,沿线段BA以1cm/s的速度向点A运动,当其中一个动点停止运动时另一个动点也随之停止,设运动时间为t(s)(t>0),以点M为圆心,MB长为半径的⊙M与射线BA,线段BD分别交于点E,F,连接EN.
(1)求BF的长(用含有t的代数式表示),并求出t的取值范围;
(2)当t为何值时,线段EN与⊙M相切?
(3)若⊙M与线段EN只有一个公共点,求t的取值范围.
25.如图1,抛物线y=ax2+bx+2与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,AB=4,矩形OBDC的边CD=1,延长DC交抛物线于点E.21教育名师原创作品
(1)求抛物线的解析式;
(2)如图2,点P是直线EO上方抛物线上的一个动点,过点P作y轴的平行线交直线EO于点G,作PH⊥EO,垂足为H.设PH的长为l,点P的横坐标为m,求l与m的函数关系式(不必写出m的取值范围),并求出l的最大值;
(3)如果点N是抛物线对称轴上的一点,抛物线上是否存在点M,使得以M,A,C,N为顶点的四边形是平行四边形?若存在,直接写出所有满足条件的点M的坐标;若不存在,请说明理由.
2017年山东省烟台市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共12小题,每小题3分,共36分)
1.下列实数中的无理数是( )
A. B.π C.0 D.
【考点】26:无理数.
【分析】根据无理数、有理数的定义即可判定选择项.
【解答】解: ,0, 是有理数,
π是无理数,
故选:B.
2.下列国旗图案是轴对称图形但不是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
【考点】R5:中心对称图形;P3:轴对称图形.
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解.
【解答】解:A、是轴对称图形,不是中心对称图形,符合题意;
B、是轴对称图形,也是中心对称图形,不合题意;
C、不是轴对称图形,也不是中心对称图形,不合题意;
D、不是轴对称图形,也不是中心对称图形,不合题意.
故选:A.
3.我国推行“一带一路”政策以来,已确定沿线有65个国家加入,共涉及总人口约达46亿人,用科学记数法表示该总人口为( )
A.4.6×109 B.46×108 C.0.46×1010 D.4.6×1010
【考点】1I:科学记数法—表示较大的数.
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数.
【解答】解:46亿=4600 000 000=4.6×109,
故选:A.
4.如图所示的工件,其俯视图是( )
A. B. C. D.
【考点】U2:简单组合体的三视图.
【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图,可得答案.
【解答】解:从上边看是一个同心圆,外圆是实线,內圆是虚线,
故选:B.
5.某城市几条道路的位置关系如图所示,已知AB∥CD,AE与AB的夹角为48°,若CF与EF的长度相等,则∠C的度数为( )
A.48° B.40° C.30° D.24°
【考点】KH:等腰三角形的性质;JA:平行线的性质.
【分析】先根据平行线的`性质,由AB∥CD得到∠1=∠BAE=45°,然后根据三角形外角性质计算∠C的度数.
【解答】解:∵AB∥CD,
∴∠1=∠BAE=48°,
∵∠1=∠C+∠E,
∵CF=EF,
∴∠C=∠E,
∴∠C= ∠1= ×48°=24°.
故选D.
6.如图,若用我们数学课本上采用的科学计算器进行计算,其按键顺序如下:
则输出结果应为( )
A. B. C. D.
【考点】25:计算器—数的开方.
【分析】根据2ndf键是功能转换键列式算式,然后解答即可.
【解答】解:依题意得: = .
故选:C.
7.用棋子摆出下列一组图形:
按照这种规律摆下去,第n个图形用的棋子个数为( )
A.3n B.6n C.3n+6 D.3n+3
【考点】38:规律型:图形的变化类.
【分析】解决这类问题首先要从简单图形入手,抓住随着“编号”或“序号”增加时,后一个图形与前一个图形相比,在数量上增加(或倍数)情况的变化,找出数量上的变化规律,从而推出一般性的结论.
【解答】解:∵第一个图需棋子3+3=6;
第二个图需棋子3×2+3=9;
第三个图需棋子3×3+3=12;
…
∴第n个图需棋子3n+3枚.
故选:D.
8.甲、乙两地去年12月前5天的日平均气温如图所示,下列描述错误的是( )
A.两地气温的平均数相同 B.甲地气温的中位数是6℃
C.乙地气温的众数是4℃ D.乙地气温相对比较稳定
【考点】W7:方差;W1:算术平均数;W4:中位数;W5:众数.
【分析】分别计算出甲乙两地的平均数、中位数、众数和方差,然后对各选项进行判断.
【解答】解:甲乙两地的平均数都为6℃;甲地的中位数为6℃;乙地的众数为4℃和8℃;乙地气温的波动小,相对比较稳定.
故选C.
9.如图,ABCD中,∠B=70°,BC=6,以AD为直径的⊙O交CD于点E,则 的长为( )
A. π B. π C. π D. π
【考点】MN:弧长的计算;L5:平行四边形的性质;M5:圆周角定理.
【分析】连接OE,由平行四边形的性质得出∠D=∠B=70°,AD=BC=6,得出OA=OD=3,由等腰三角形的性质和三角形内角和定理求出∠DOE=40°,再由弧长公式即可得出答案.
【解答】解:连接OE,如图所示:
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴∠D=∠B=70°,AD=BC=6,
∴OA=OD=3,
∵OD=OE,
∴∠OED=∠D=70°,
∴∠DOE=180°﹣2×70°=40°,
∴ 的长= = ;
故选:B.
10.若x1,x2是方程x2﹣2mx+m2﹣m﹣1=0的两个根,且x1+x2=1﹣x1x2,则m的值为( )2-1-c-n-j-y
A.﹣1或2 B.1或﹣2 C.﹣2 D.1
【考点】AB:根与系数的关系.
【分析】根据根与系数的关系结合x1+x2=1﹣x1x2,即可得出关于m的一元二次方程,解之即可得出m的值,再根据方程有实数根结合根的判别式,即可得出关于m的一元一次不等式,解之即可得出m的取值范围,从而可确定m的值.
【解答】解:∵x1,x2是方程x2﹣2mx+m2﹣m﹣1=0的两个根,
∴x1+x2=2m,x1x2=m2﹣m﹣1.
∵x1+x2=1﹣x1x2,
∴2m=1﹣(m2﹣m﹣1),即m2+m﹣2=(m+2)(m﹣1)=0,
解得:m1=﹣2,m2=1.
∵方程x2﹣2mx+m2﹣m﹣1=0有实数根,
∴△=(﹣2m)2﹣4(m2﹣m﹣1)=4m+4≥0,
解得:m≥﹣1.
∴m=1.
故选D.
11.二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象如图所示,对称轴是直线x=1,下列结论:
①ab<0;②b2>4ac;③a+b+2c<0;④3a+c<0.
其中正确的是( )
A.①④ B.②④ C.①②③ D.①②③④
【考点】H4:二次函数图象与系数的关系.
【分析】由抛物线开口方向得到a>0,然后利用抛物线抛物线的对称轴得到b的符合,则可对①进行判断;利用判别式的意义和抛物线与x轴有2个交点可对②进行判断;利用x=1时,y<0和c<0可对③进行判断;利用抛物线的对称轴方程得到b=﹣2a,加上x=﹣1时,y>0,即a﹣b+c>0,则可对④进行判断.
【解答】解:∵抛物线开口向上,
∴a>0,
∵抛物线的对称轴为直线x=﹣ =1,
∴b=﹣2a<0,
∴ab<0,所以①正确;
∵抛物线与x轴有2个交点,
∴△=b2﹣4ac>0,所以②正确;
∵x=1时,y<0,
∴a+b+c<0,
而c<0,
∴a+b+2c<0,所以③正确;
∵抛物线的对称轴为直线x=﹣ =1,
∴b=﹣2a,
而x=﹣1时,y>0,即a﹣b+c>0,
∴a+2a+c>0,所以④错误.
故选C.
12.如图,数学实践活动小组要测量学校附近楼房CD的高度,在水平地面A处安置测倾器测得楼房CD顶部点D的仰角为45°,向前走20米到达A′处,测得点D的仰角为67.5°,已知测倾器AB的高度为1.6米,则楼房CD的高度约为(结果精确到0.1米, ≈1.414)( )21教育网
A.34.14米 B.34.1米 C.35.7米 D.35.74米
【考点】TA:解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题.
【分析】过B作BF⊥CD于F,于是得到AB=A′B′=CF=1.6米,解直角三角形即可得到结论.
【解答】解:过B作BF⊥CD于F,
∴AB=A′B′=CF=1.6米,
在Rt△DFB′中,B′F= ,
在Rt△DFB中,BF=DF,
∵BB′=AA′=20,
∴BF﹣B′F=DF﹣ =20,
∴DF≈34.1米,
∴CD=DF+CF=35.7米,
答:楼房CD的高度约为35.7米,
故选C.
二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)
13.30×( )﹣2+|﹣2|= 6 .
【考点】2C:实数的运算;6E:零指数幂;6F:负整数指数幂.
【分析】本题涉及零指数幂、负整数指数幂、绝对值3个考点.在计算时,需要针对每个考点分别进行计算,然后根据实数的运算法则求得计算结果.
【解答】解:30×( )﹣2+|﹣2|
=1×4+2
=4+2
=6.
故答案为:6.
14.在Rt△ABC中,∠C=90°,AB=2,BC= ,则sin = .
【考点】T5:特殊角的三角函数值.
【分析】根据∠A的正弦求出∠A=60°,再根据30°的正弦值求解即可.
【解答】解:∵sinA= = ,
∴∠A=60°,
∴sin =sin30°= .
故答案为: .
15.运行程序如图所示,从“输入实数x”到“结果是否<18”为一次程序操作,
若输入x后程序操作仅进行了一次就停止,则x的取值范围是 x<8 .
【考点】C9:一元一次不等式的应用.
【分析】根据运算程序,列出算式:3x﹣6,由于运行了一次就停止,所以列出不等式3x﹣6<18,通过解该不等式得到x的取值范围.21世纪*教育网
【解答】解:依题意得:3x﹣6<18,
解得x<8.
故答案是:x<8.
16.如图,在直角坐标系中,每个小方格的边长均为1,△AOB与△A′OB′是以原点O为位似中心的位似图形,且相似比为3:2,点A,B都在格点上,则点B′的坐标是 (﹣3, ) .21*cnjy*com
【考点】SC:位似变换;D5:坐标与图形性质.
【分析】把B的横纵坐标分别乘以﹣ 得到B′的坐标.
【解答】解:由题意得:△A′OB′与△AOB的相似比为2:3,
又∵B(3,﹣2)
∴B′的坐标是[3× ,﹣2× ],即B′的坐标是(﹣2, );
故答案为:(﹣2, ).
17.如图,直线y=x+2与反比例函数y= 的图象在第一象限交于点P,若OP= ,则k的值为 3 .
【考点】G8:反比例函数与一次函数的交点问题.
【分析】可设点P(m,m+2),由OP= 根据勾股定理得到m的值,进一步得到P点坐标,再根据待定系数法可求k的值.
【解答】解:设点P(m,m+2),
∵OP= ,
∴ = ,
解得m1=1,m2=﹣3(不合题意舍去),
∴点P(1,3),
∴3= ,
解得k=3.
故答案为:3.
18.如图1,将一圆形纸片向右、向上两次对折后得到如图2所示的扇形AOB.已知OA=6,取OA的中点C,过点C作CD⊥OA交 于点D,点F是 上一点.若将扇形BOD沿OD翻折,点B恰好与点F重合,用剪刀沿着线段BD,DF,FA依次剪下,则剪下的纸片(形状同阴影图形)面积之和为 36π﹣108 .
【考点】MO:扇形面积的计算;P9:剪纸问题.
【分析】先求出∠ODC=∠BOD=30°,作DE⊥OB可得DE= OD=3,先根据S弓形BD=S扇形BOD﹣S△BOD求得弓形的面积,再利用折叠的性质求得所有阴影部分面积.
【解答】解:如图,∵CD⊥OA,
∴∠DCO=∠AOB=90°,
∵OA=OD=OB=6,OC= OA= OD,
∴∠ODC=∠BOD=30°,
作DE⊥OB于点E,
则DE= OD=3,
∴S弓形BD=S扇形BOD﹣S△BOD= ﹣ ×6×3=3π﹣9,
则剪下的纸片面积之和为12×(3π﹣9)=36π﹣108,
故答案为:36π﹣108.
三、解答题(本大题共7小题,共66分)
19.先化简,再求值:(x﹣ )÷ ,其中x= ,y= ﹣1.
【考点】6D:分式的化简求值.
【分析】根据分式的减法和除法可以化简题目中的式子,然后将x、y的值代入化简后的式子即可解答本题.
【解答】解:(x﹣ )÷
=
=
=x﹣y,
当x= ,y= ﹣1时,原式= =1.
20.主题班会课上,王老师出示了如图所示的一幅漫画,经过同学们的一番热议,达成以下四个观点:
A.放下自我,彼此尊重; B.放下利益,彼此平衡;
C.放下性格,彼此成就; D.合理竞争,合作双赢.
要求每人选取其中一个观点写出自己的感悟,根据同学们的选择情况,小明绘制了下面两幅不完整的图表,请根据图表中提供的信息,解答下列问题:
观点 频数 频率
A a 0.2
B 12 0.24
C 8 b
D 20 0.4
(1)参加本次讨论的学生共有 50 人;
(2)表中a= 10 ,b= 0.16 ;
(3)将条形统计图补充完整;
(4)现准备从A,B,C,D四个观点中任选两个作为演讲主题,请用列表或画树状图的方法求选中观点D(合理竞争,合作双赢)的概率.
【考点】X6:列表法与树状图法;V7:频数(率)分布表;VC:条形统计图.
【分析】(1)由B观点的人数和所占的频率即可求出总人数;
(2)由总人数即可求出a、b的值,
(3)由(2)中的数据即可将条形统计图补充完整;
(4)画出树状图,然后根据概率公式列式计算即可得解.
【解答】解:
(1)总人数=12÷0.24=50(人),
故答案为:50;
(2)a=50×0.2=10,b= =0.16,
故答案为:
(3)条形统计图补充完整如图所示:
(4)根据题意画出树状图如下:
由树形图可知:共有12中可能情况,选中观点D(合理竞争,合作双赢)的概率有4种,
所以选中观点D(合理竞争,合作双赢)的概率= = .
21.今年,我市某中学响应*“足球进校园”的号召,开设了“足球大课间”活动,现需要购进100个某品牌的足球供学生使用,经调查,该品牌足球2015年单价为200元,2017年单价为162元.
(1)求2015年到2017年该品牌足球单价平均每年降低的百分率;
(2)选购期间发现该品牌足球在两个文体用品商场有不同的促销方案:
试问去哪个商场购买足球更优惠?
【考点】AD:一元二次方程的应用.
【分析】(1)设2015年到2017年该品牌足球单价平均每年降低的百分率为x,根据2015年及2017年该品牌足球的单价,即可得出关于x的一元二次方程,解之即可得出结论;
(2)根据两商城的促销方案,分别求出在两商城购买100个该品牌足球的总费用,比较后即可得出结论.
【解答】解:(1)设2015年到2017年该品牌足球单价平均每年降低的百分率为x,
根据题意得:200×(1﹣x)2=162,
解得:x=0.1=10%或x=﹣1.9(舍去).
答:2015年到2017年该品牌足球单价平均每年降低的百分率为10%.
(2)100× = ≈90.91(个),
在A商城需要的费用为162×91=14742(元),
在B商城需要的费用为162×100× =14580(元).
14742>14580.
答:去B商场购买足球更优惠.
22.数学兴趣小组研究某型号冷柜温度的变化情况,发现该冷柜的工作过程是:当温度达到设定温度﹣20℃时,制冷停止,此后冷柜中的温度开始逐渐上升,当上升到﹣4℃时,制冷开始,温度开始逐渐下降,当冷柜自动制冷至﹣20℃时,制冷再次停止,…,按照以上方式循环进行.
同学们记录了44min内15个时间点冷柜中的温度y(℃)随时间x(min)的变化情况,制成下表:
时间x/min … 4 8 10 16 20 21 22 23 24 28 30 36 40 42 44 …
温度y/℃ … ﹣20 ﹣10 ﹣8 ﹣5 ﹣4 ﹣8 ﹣12 ﹣16 ﹣20 ﹣10 ﹣8 ﹣5 ﹣4 a ﹣20 …
(1)通过分析发现,冷柜中的温度y是时间x的函数.
①当4≤x<20时,写出一个符合表中数据的函数解析式 y=﹣ ;
②当20≤x<24时,写出一个符合表中数据的函数解析式 y=﹣4x+76 ;
(2)a的值为 ﹣12 ;
(3)如图,在直角坐标系中,已描出了上表中部分数据对应的点,请描出剩余数据对应的点,并画出当4≤x≤44时温度y随时间x变化的函数图象.
【考点】FH:一次函数的应用.
【分析】(1)①由xy=﹣80,即可得出当4≤x<20时,y关于x的函数解析式;
②根据点(20,﹣4)、(21,﹣8),利用待定系数法求出y关于x的函数解析式,再代入其它点的坐标验证即可;
(2)根据表格数据,找出冷柜的工作周期为20分钟,由此即可得出a值;
(3)描点、连线,画出函数图象即可.
【解答】解:(1)①∵4×(﹣20)=﹣80,8×(﹣10)=﹣80,10×(﹣8)=﹣80,16×(﹣5)=﹣80,20×(﹣4)=﹣80,
∴当4≤x<20时,y=﹣ .
故答案为:y=﹣ .
②当20≤x<24时,设y关于x的函数解析式为y=kx+b,
将(20,﹣4)、(21,﹣8)代入y=kx+b中,
,解得: ,
∴此时y=﹣4x+76.
当x=22时,y=﹣4x+76=﹣12,
当x=23时,y=﹣4x+76=﹣16,
当x=24时,y=﹣4x+76=﹣20.
∴当20≤x<24时,y=﹣4x+76.
故答案为:y=﹣4x+76.
(2)观察表格,可知该冷柜的工作周期为20分钟,
∴当x=42时,与x=22时,y值相同,
∴a=﹣12.
故答案为:﹣12.
(3)描点、连线,画出函数图象,如图所示.
23.【操作发现】
(1)如图1,△ABC为等边三角形,现将三角板中的60°角与∠ACB重合,再将三角板绕点C按顺时针方向旋转(旋转角大于0°且小于30°),旋转后三角板的一直角边与AB交于点D,在三角板斜边上取一点F,使CF=CD,线段AB上取点E,使∠DCE=30°,连接AF,EF.【版权所有:21教育】
①求∠EAF的度数;
②DE与EF相等吗?请说明理由;
【类比探究】
(2)如图2,△ABC为等腰直角三角形,∠ACB=90°,先将三角板的90°角与∠ACB重合,再将三角板绕点C按顺时针方向旋转(旋转角大于0°且小于45°),旋转后三角板的一直角边与AB交于点D,在三角板另一直角边上取一点F,使CF=CD,线段AB上取点E,使∠DCE=45°,连接AF,EF,请直接写出探究结果:
①求∠EAF的度数;
②线段AE,ED,DB之间的数量关系.
【考点】RB:几何变换综合题.
【分析】(1)①由等边三角形的性质得出AC=BC,∠BAC=∠B=60°,求出∠ACF=∠BCD,证明△ACF≌△BCD,得出∠CAF=∠B=60°,求出∠EAF=∠BAC+∠CAF=120°;
②证出∠DCE=∠FCE,由SAS证明△DCE≌△FCE,得出DE=EF即可;
(2)①由等腰直角三角形的性质得出AC=BC,∠BAC=∠B=45°,证出∠ACF=∠BCD,由SAS证明△ACF≌△BCD,得出∠CAF=∠B=45°,AF=DB,求出∠EAF=∠BAC+∠CAF=90°;
②证出∠DCE=∠FCE,由SAS证明△DCE≌△FCE,得出DE=EF;在Rt△AEF中,由勾股定理得出AE2+AF2=EF2,即可得出结论.
【解答】解:(1)①∵△ABC是等边三角形,
∴AC=BC,∠BAC=∠B=60°,
∵∠DCF=60°,
∴∠ACF=∠BCD,
在△ACF和△BCD中, ,
∴△ACF≌△BCD(SAS),
∴∠CAF=∠B=60°,
∴∠EAF=∠BAC+∠CAF=120°;
②DE=EF;理由如下:
∵∠DCF=60°,∠DCE=30°,
∴∠FCE=60°﹣30°=30°,
∴∠DCE=∠FCE,
在△DCE和△FCE中, ,
∴△DCE≌△FCE(SAS),
∴DE=EF;
(2)①∵△ABC是等腰直角三角形,∠ACB=90°,
∴AC=BC,∠BAC=∠B=45°,
∵∠DCF=90°,
∴∠ACF=∠BCD,
在△ACF和△BCD中, ,
∴△ACF≌△BCD(SAS),
∴∠CAF=∠B=45°,AF=DB,
∴∠EAF=∠BAC+∠CAF=90°;
②AE2+DB2=DE2,理由如下:
∵∠DCF=90°,∠DCE=45°,
∴∠FCE=90°﹣45°=45°,
∴∠DCE=∠FCE,
在△DCE和△FCE中, ,
∴△DCE≌△FCE(SAS),
∴DE=EF,
在Rt△AEF中,AE2+AF2=EF2,
又∵AF=DB,
∴AE2+DB2=DE2.
24.如图,菱形ABCD中,对角线AC,BD相交于点O,AC=12cm,BD=16cm,动点N从点D出发,沿线段DB以2cm/s的速度向点B运动,同时动点M从点B出发,沿线段BA以1cm/s的速度向点A运动,当其中一个动点停止运动时另一个动点也随之停止,设运动时间为t(s)(t>0),以点M为圆心,MB长为半径的⊙M与射线BA,线段BD分别交于点E,F,连接EN.
(1)求BF的长(用含有t的代数式表示),并求出t的取值范围;
(2)当t为何值时,线段EN与⊙M相切?
(3)若⊙M与线段EN只有一个公共点,求t的取值范围.
【考点】MR:圆的综合题.
【分析】(1)连接MF.只要证明MF∥AD,可得 = ,即 = ,解方程即可;
(2)当线段EN与⊙M相切时,易知△BEN∽△BOA,可得 = ,即 = ,解方程即可;
(3)①由题意可知:当0<t≤ 时,⊙M与线段EN只有一个公共点.②当F与N重合时,则有 t+2t=16,解得t= ,观察图象即可解决问题;
【解答】解:(1)连接MF.
∵四边形ABCD是菱形,
∴AB=AD,AC⊥BD,OA=OC=6,OB=OD=8,
在Rt△AOB中,AB= =10,
∵MB=MF,AB=AD,
∴∠ABD=∠ADB=∠MFB,
∴MF∥AD,
∴ = ,
∴ = ,
∴BF= t(0<t≤8).
(2)当线段EN与⊙M相切时,易知△BEN∽△BOA,
∴ = ,
∴ = ,
∴t= .
∴t= s时,线段EN与⊙M相切.
(3)①由题意可知:当0<t≤ 时,⊙M与线段EN只有一个公共点.
②当F与N重合时,则有 t+2t=16,解得t= ,
关系图象可知, <t<8时,⊙M与线段EN只有一个公共点.
综上所述,当0<t≤ 或 <t<8时,⊙M与线段EN只有一个公共点.
25.如图1,抛物线y=ax2+bx+2与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,AB=4,矩形OBDC的边CD=1,延长DC交抛物线于点E.21世纪教育网版权所有
(1)求抛物线的解析式;
(2)如图2,点P是直线EO上方抛物线上的一个动点,过点P作y轴的平行线交直线EO于点G,作PH⊥EO,垂足为H.设PH的长为l,点P的横坐标为m,求l与m的函数关系式(不必写出m的取值范围),并求出l的最大值;
(3)如果点N是抛物线对称轴上的一点,抛物线上是否存在点M,使得以M,A,C,N为顶点的四边形是平行四边形?若存在,直接写出所有满足条件的点M的坐标;若不存在,请说明理由.【来源:21世纪教育网】
【考点】HF:二次函数综合题.
【分析】(1)由条件可求得A、B的坐标,利用待定系数法可求得抛物线解析式;
(2)可先求得E点坐标,从而可求得直线OE解析式,可知∠PGH=45°,用m可表示出PG的长,从而可表示出l的长,再利用二次函数的性质可求得其最大值;
(3)分AC为边和AC为对角线,当AC为边时,过M作对称轴的垂线,垂足为F,则可证得△MFN≌△AOC,可求得M到对称轴的距离,从而可求得M点的横坐标,可求得M点的坐标;当AC为对角线时,设AC的中点为K,可求得K的横坐标,从而可求得M的横坐标,代入抛物线解析式可求得M点坐标.
【解答】解:
(1)∵矩形OBDC的边CD=1,
∴OB=1,
∵AB=4,
∴OA=3,
∴A(﹣3,0),B(1,0),
把A、B两点坐标代入抛物线解析式可得 ,解得 ,
∴抛物线解析式为y=﹣ x2﹣ x+2;
(2)在y=﹣ x2﹣ x+2中,令y=2可得2=﹣ x2﹣ x+2,解得x=0或x=﹣2,
∴E(﹣2,2),
∴直线OE解析式为y=﹣x,
由题意可得P(m,﹣ m2﹣ m+2),
∵PG∥y轴,
∴G(m,﹣m),
∵P在直线OE的上方,
∴PG=﹣ m2﹣ m+2﹣(﹣m)=﹣ m2﹣ m+2=﹣ (m+ )2+ ,
∵直线OE解析式为y=﹣x,
∴∠PGH=∠COE=45°,
∴l= PG= [﹣ (m+ )2+ ]=﹣ (m+ )2+ ,
∴当m=﹣ 时,l有最大值,最大值为 ;
(3)①当AC为平行四边形的边时,则有MN∥AC,且MN=AC,如图,过M作对称轴的垂线,垂足为F,设AC交对称轴于点L,
则∠ALF=∠ACO=∠FNM,
在△MFN和△AOC中
∴△MFN≌△AOC(AAS),
∴MF=AO=3,
∴点M到对称轴的距离为3,
又y=﹣ x2﹣ x+2,
∴抛物线对称轴为x=﹣1,
设M点坐标为(x,y),则|x+1|=3,解得x=2或x=﹣4,
当x=2时,y=﹣ ,当x=﹣4时,y= ,
∴M点坐标为(2,﹣ )或(﹣4,﹣ );
②当AC为对角线时,设AC的中点为K,
∵A(﹣3,0),C(0,2),
∴K(﹣ ,1),
∵点N在对称轴上,
∴点N的横坐标为﹣1,
设M点横坐标为x,
∴x+(﹣1)=2×(﹣ )=﹣3,解得x=﹣2,此时y=2,
∴M(﹣2,2);
综上可知点M的坐标为(2,﹣ )或(﹣4,﹣ )或(﹣2,2).
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